Diễn Đàn Vật Lý | Thư Viện Vật Lý

Hình thức thi: trắc nghiệm online

Thời gian: 40 phút (22h --> 22h40) Sau thời gian này chúng tôi không nhận bài thi.

Phương thức làm bài:

1. Thí sinh down đề thi về và điền đáp án ngay trong đề thi (chúng tôi đã chừa sẵn)

2. Sau đó thí sinh đổi tên file theo tên nick forum của mình để lưu.

3. Cuối cùng gửi đến mail: diendanthuvienvatly@gmail.com (chúng tôi tính giờ theo thời gian gửi mail.

 y:) THỜI GIAN XEM TẠI ĐÂY:

ĐỒNG HỒ 1 (http://www.timeanddate.com/worldclock/city.html?n=218)

ĐỒNG HỒ 2 (http://wwp.greenwichmeantime.com/time-zone/asia/vietnam/hanoi/time-hanoi/)

 y:) THÍ SINH SẼ NHẬN ĐỀ TẠI TOPIC NÀY.

Thí sinh chú ý những điều sau, để tránh mắc lỗi như các lần thi trước:

(1) Bảo đảm mạng internet kết nối lúc gửi email & hãy gửi vài mail càng tốt (cho chắc ăn).

(2) Hãy xóa hết những file cũ, để khi gửi bài không bị nhầm lẫn.

(3) Hãy download file về (file dạng word) nếu ai không thấy file dạng word thì là chưa down về.

 y:) Nếu download từ link thì hãy nhấn vào chữ download bên góc phải trên cùng màn hình (xem hình)

Có hai cách tải:

 y:) Cách 1: Thí sinh tải đề theo link sau: TẢI VỀ (https://www.dropbox.com/s/zp82yje983pxx90/De%20thi%20forum%202.doc?m)

 y:) Cách 2: Tải về theo file đính kèm bên dưới.

Thầy ơi. sao hôm nay có trễ vậy thầy :(
em tải về có file pdf mà không biết chỉnh làm sao nên em nộp kèm theo một file word thầy ạ

 Câu 16:   Thực hiện thí nghiệm I-âng về giao thoa ánh sáng đơn sắc có bước sóng 0,5 µm, khe S có bề rộng vô cùng bé, hai khe S1 và S2 cách nhau đoạn a = 0,5 mm và khoảng cách từ 2 khe đến màn E là D = 2 m. Biết khe S cách mặt phẳng chứa hai khe S1 và S2 một đoạn d = 0,8 m. Nếu cho nguồn S dao động điều hoà theo quy luật [tex] u=10cos(20 \pi t) [/tex] (mm) theo phương song song với trục Ox thì khi đặt mắt tại O sẽ thấy có bao nhiêu vân sáng trôi qua trong 1 giây
A. 25            B. 52            C. 26            D. 50
Ta có d/D=0,8/2.
Nguồn S dao động quanh vị trí cân bằng với phương trình [tex] u=10cos(20 \pi t) [/tex] thì suy ra
[tex]v=25cos(20\pi t) [/tex]
Tính i=2mm tức là A=12,5i.
Trong một giây tức một chu kì thì nó dao động sẽ thấy được 12.4=48 vân sáng?
Không biết phải sửa chổ nào cho đúng mong thầy chỉ dùm em ạ,

10 mm là biên độ nên 25mm chỉ là 1 phía so với vân trung tâm , ông nhân 2 vô là ok

Nhân 2 vào ở đâu bạn? Xin nói rõ chút :d

mình yêu muốn được giúp đỡ câu 2,5,15,16,19

làm mấy câu sai cho lần sau nhớ :((
Câu 18: qE=ma => [tex]1,6.10^{12}[/tex]
Do q<0, E>0 => lực điện làm cho e chuyển động chậm dần với gia tốc a=1,6.10^12
Quãng đường đi dk : [tex]S=v_{o}t -\frac{1}{2}a.t^{2}[/tex]= 0,2m

Mọi người giải chi tiết câu 16 lại đi mình ko hiểu lắm

do 2 vật cùng pha và cùng tần số góc nên tại mọi thời điểm ta luôn có x2=2.x1 => [tex]W_{t2}=4W_{t1}[/tex]
từ đó ban đầu ta suy ra thế năng dao động 1 là 2/4 = 0,5 => cơ năn dao động 1 là 2,9
tại thời điểm sau dao động 1 có động năng 2J => nó có thế năng là 0,9 => thế năng dao động 2 là 0,9.4 = 3,6 => C

Có cái hình, đề này nếu cho hiểm hóc hơn thì khi S ở vị trí biên thì lại trùng ngay vị trí vân sáng, thế là ĐA chỉ còn 48

Mọi ngừoi giải lại bài 16 giúp minh đi

Mỗi lầ từ biên về VTCB hay ngược lại chỉ quan sát được có 12 vân sáng thôi chí mấy? thế là không có đáp án 48 :))

câu 2 vẽ đường tròn là ra mà, góc phần tư thứ 2
Câu 5: [tex]E1=\frac{1}{2}k.A1^{2} => A1=\sqrt{\frac{2}{k}}\sqrt{E1}[/tex]
[tex]A2=\sqrt{\frac{2}{k}}\sqrt{E2}[/tex]
2 dao động cùng phương, W max [tex]=> A=A1+A2= \sqrt{\frac{2}{k}}(\sqrt{E1}+\sqrt{E2})[/tex]
=> [tex]=> E=\frac{1}{2}kA^{2}= E1 + E2 + 2\sqrt{E1.E2}[/tex]

Mọi người giải giúp mình câu 10, minh hk biết làm câu này

Hôm nay vì sự cố nên up file lên trễ vài phút, mà thầy có cộng thêm 5 phút bù giờ.

Còn file em gửi thầy nhận được rồi.

Câu 15: L là bề rộng miền giao thoa
gọi  trên L có 11 vân sáng => L= 10i1 ; i1/i2=3/2 => i2=2i1/3
Xét số khoảng vân trên L lúc này: [tex]n=[\frac{L}{i2}]=[\frac{10i1}{\frac{2i1}{3}}]=15[/tex]
=> có 16 vân sáng trên L
đáp án là 15 mới lạ chứ, ai xem giùm mình đi ak

15 THÔI CHIA RA 2 BÊN RỒI MỚI LÀM

Mình sửa lại cái vân sáng số 50 trong hình thành 25

câu 2 ai vẽ chi tiết ra giúp mình với
hướng làm thì mình biết những không ra đáp án  [-O< [-O< [-O<

câu 6: [tex]\lambda =1,5cm[/tex]
Vì diện tích max => BC max => C thuộc cực đại thứ nhất => CA-CB=1,5 và [tex]CA^{2}-CB^{2}=400[/tex]
=> CB=132,5833cm => S=AB.BC=132,5833.20=2651,667

mình không pit vẽ hình trên đây ntn, như thế này nhá, khoảng thời gian đó là lần đầu qua VtCB chiều âm tới biên tiếp theo => 5T/12 <t< 2T/3

Ý mình là nếu lấy 50 mà chia cho khoảng vân, nếu ngẫu nhiên ra khoảng giới hạn của đoạn 50mm đó là 2 vân sáng thì khi đó 2 vân sáng ở 2 biên chỉ được thấy 1 lần, còn đề này thì khoảng giới hạn là khoảng tối nên mới lấy 25.2=50 là ok

12,5i tức nó trôi qua VTCB 13 vân sáng sau đó trội lại 12 vân sáng tiếp tục 13 và cuối cùng 12
==> 26+24=50

Câu 3 giải ntn vầy

6=A+A/2
Thời gian đi là (T/12+T/4)=1/3(s)=>T=1
1 giây ứng với 1 chu kì nên giây thứ 2013 đi được quãng đường 4A

Rất vui khi thấy nhiều thí sinh tham gia thi online lần này =d> !

Chúc các em luôn khỏe, ôn tập thật tốt, đạt kết quả cao trong kì thi sắp tới !

t = 0: x = -2cm, v > 0. Khi đi được 6cm thì vật ở biên dương.

1/3s = T/12 + T/4 => T = 1s.

Quãng đường đi được trong giây thứ 2013 thực ra là quãng đường đi được trong 1s => S = 4A = 16 cm.

Hu hu, mãi tối hôm qua lúc 9h mới để ý là forum tổ chức thi mà ko biết...

Có 1 số câu hay và một số câu mình ngĩ là cách khá hay nên mình post lời giải lên cho m.n cùng tham khảo. Thầy cô và các bạn, Ai có cách hay hơn thì ý kiến nhé. Cám ơn!.
" Vecto vận tốc hướng theo chiều âm và vecto gia tốc hướng theo chiều dương"  tức vật ở trên phần tư thứ nhất của đường tròn, được giới hạn từ pha 90⁰đến 180⁰.
Kết hợp với pha ban đầu và chu kỳ T=3s bạn tính ra đ.án D.

[tex]E\sim A^2[/tex] [tex]\Leftrightarrow \sqrt{E}\sim A[/tex] (1)
 Mà dao động tổng hợp có năng lương cực đại tức biên độ tổng hợp cực đại. Amax=A1 + A2  (2)
(1) (2)  [tex]\sqrt{E}=\sqrt{E_1}+\sqrt{E_2}[/tex]

Có Bạn giải rồi.


Cường độ âm tại M là tổng các cường độ âm tại đó [tex]I_M=\sum{I}\Leftrightarrow 10^{L_M}=\sum{10^{L_i}}=10^{L_1} + 10^{L_2}[/tex]
Đóng khóa K, khi mạch ổn định , chỉ có dòng điện chạy trong cuộn dây I=E/r, do cuộn dây là cuộn cảm thuần không có điện trở nên tụ không tích điện. Vậy năng lượng lúc trc chỉ dự trữ trong cuộn dây [tex]W=\frac{LI^2}{2}[/tex]
Khi mở khóa K, Gọi Uo là giá trị cực đại của HĐT 2 đầu tụ [tex]W=\frac{LI^2}{2}=\frac{CU_0^2}{2}[/tex]


[tex]Q=Pt=\frac{U^2t}{R}=const\Rightarrow R\sim t[/tex] (1)
" Nếu hai cuộn nung mắc song song" tức [tex]\frac{1}{R_{td}}=\frac{1}{R_1}+\frac{1}{R_2}[/tex](2)
(1)(2)[tex]\Rightarrow \frac{1}{t}=\frac{1}{t_1}+\frac{1}{t_2}[/tex]
Đã đc giải
[tex]\varepsilon _r=\frac{6m_p+6m_n+6m_p-12u}{12}.931,5 (MeV/nuclon)[/tex]
[tex]e^{-\lambda t}=e^{-\lambda (3t_2-2t_1)}=\frac{e^{-3\lambda t_2}}{e^{-2\lambda t_1}}\Rightarrow m_t=\frac{m_{t_2}^3}{m_{t_1}^2}[/tex]

mình k hiểu, giây thứ 2013 thì vật phải đi được 2013.4A=32208 chứ

câu 20 mình làm thế này có vẻ gọn hơn
từ t1 đến t2 ta thấy khối lượng giảm 1 nửa => chu kì bán rã là T = t2 - t1
ta có t3 = 3.t2 - 2.t1 = t2 + 2T tức là từ t2 trở đi có 2 chu kì bán ra nữa nên khối lượng giảm 4 lần => D  :D :D

Mọi người chữa cho em câu 14 với ạ
Câu 14:   Mạch điện xoay chiều AMB. Đoạn mạch AM gồm cuộn cảm thuần có cảm kháng ZL nối tiếp với điện trở thuần R (với ZL = R[tex]\sqrt{3}[/tex]). Đoạn MB có không quá 2 linh kiện, trong số cuộn cảm thuần, tụ điện và điện trở thuần mắc nối tiếp. Biết [tex]u_{AB} = U_0cos(\omega t + \varphi) (U_0,\omega, \varphi[/tex] là các hằng số). Tại thời điểm t1 điện áp trên AM cực đại, sau đó T/12 thì điện áp trên đoạn MB mới cực đại. Đoạn MB có
A. điện trở thuần và cuộn cảm thuần         B. điện trở thuần và tụ điện
C. cuộn cảm thuần và tụ điện            D. điện trở thuần

tính ra thì phi AM=pi/3.
ại thời điểm t1 điện áp trên AM cực đại, sau đó T/12 thì điện áp trên đoạn MB mới cực đại --> phi MB = pi/6 --> amạch chưa R,L :)