Giai Nobel 2012
07:14:53 PM Ngày 24 Tháng Chín, 2020 *

Chào mừng bạn đến với Diễn Đàn Vật Lý.

Bạn có thể đăng nhập hoặc đăng ký.
Hay bạn đã đăng ký nhưng cần gửi lại email kích hoạt tài khoản?
Vui lòng nhập tên Đăng nhập với password, và thời gian tự động thoát





Lưu ý: Đây là diễn đàn của Thư Viện Vật Lý. Tài khoản ở Diễn Đàn Vật Lý khác với tài khoản ở trang chủ Thuvienvatly.com. Nếu chưa có tài khoản ở diễn đàn, bạn vui lòng tạo một tài khoản (chỉ mất khoảng 1 phút!!). Cảm ơn các bạn.
Phòng chát chít
Bạn cần đăng nhập để tham gia thảo luận
Vật lý 360 Độ
Sao neutron to bao nhiêu?
18/09/2020
Giải chi tiết mã đề 219 môn Vật Lý đề thi TN THPT 2020 (đợt 2)
04/09/2020
250 Mốc Son Chói Lọi Trong Lịch Sử Vật Lí (Phần 96)
04/09/2020
250 Mốc Son Chói Lọi Trong Lịch Sử Vật Lí (Phần 95)
04/09/2020
Lực nâng từ tách biệt tế bào sống với tế bào chết
27/08/2020
LHC tạo ra vật chất từ ánh sáng
26/08/2020

follow TVVL Twitter Facebook Youtube Scirbd Rss Rss
  Trang chủ Diễn đàn Tìm kiếm Đăng nhập Đăng ký  


Quy định cần thiết


Chào mừng các bạn đến với diễn đàn Thư Viện Vật Lý
☞ THI THỬ THPT QG LẦN 9 MÔN VẬT LÝ 2020 - 21h00 NGÀY 2-8-2020 ☜

Trả lời

Hehe, cái này dành cho những bạn lớp 12 đam mê Vật Lý thực sự

Trang: « 1 2 3 4 5 »   Xuống
  In  
Tác giả Chủ đề: Hehe, cái này dành cho những bạn lớp 12 đam mê Vật Lý thực sự  (Đọc 27910 lần)
0 Thành viên và 1 Khách đang xem chủ đề.
tengrimsss
Thành viên tích cực
***

Nhận xét: +48/-5
Cảm ơn
-Đã cảm ơn: 0
-Được cảm ơn: 16

Offline Offline

Bài viết: 140

tengrimsss
Xem hồ sơ cá nhân Email
« Trả lời #30 vào lúc: 06:25:40 PM Ngày 25 Tháng Tám, 2010 »

hihi, bài này thì dễ nuốt hơn đây:

Một quả cầu có khối lượng m treo vào một giá đỡ bằng 1 dây nhẹ dài[tex]l[/tex] .Giá đỡ đặt trên 1 chiếc xe có khối lượng M có thể dịch chuyển ko ma sát trên mp ngang được.  Kéo vật nặng m lệch khỏi VTCB 1 góc [tex]\alpha[/tex] bé rồi buông ra. Cho biết khối lượng của tâm xe ở tâm giá đỡ, tìm chu kì dao động của xe và quả cầu



Kết quả là: [tex]T_{xe}=T_{qua cau}= T= 2 \pi \sqrt{ \frac{M}{gl(M+m)}}[/tex]


Bài này và bài bình nước chũ U ý không khó đâu các bạn; mọi người thử làm xem sao đi. 



Logged



Only You!
tengrimsss
Thành viên tích cực
***

Nhận xét: +48/-5
Cảm ơn
-Đã cảm ơn: 0
-Được cảm ơn: 16

Offline Offline

Bài viết: 140

tengrimsss
Xem hồ sơ cá nhân Email
« Trả lời #31 vào lúc: 08:09:16 AM Ngày 26 Tháng Tám, 2010 »

Bài này cũng giống với bài có cảm ứng từ nhừ bài trước mình đã giải, các bạn thử giải xem sao nha,mình gợi ý là bài này có liên quan đến năng lượng từ trường

Bài nãy vẫn thuộc phần dao động cơ học nhưng là 1 bài Pro

      Bài tập thứ 10: Một mạch điện gồm hai dây dẫn song song nối với nhau bằng 1 cuộn dây có độ tự cảm L và 1 thanh kim loại như hình vẽ. Thanh kim loại có khối lượng m có thể trượt không ma sát trên các dây. Các dây dẫn nằm ngang trong từ trường đều có cảm ứng từ [tex]\large \vec{B}[/tex] hướng thẳng đứng. Khoang cách 2 dây là l. Điện trở của mạch không đáng kể. Lúc t=0 ta truyền cho thanh 1 vận tốc ban đầu [tex]\large \vec{v_{0}}[/tex] về bên phải. Tìm phương trình dao động của thanh.

             


Logged

Only You!
tengrimsss
Thành viên tích cực
***

Nhận xét: +48/-5
Cảm ơn
-Đã cảm ơn: 0
-Được cảm ơn: 16

Offline Offline

Bài viết: 140

tengrimsss
Xem hồ sơ cá nhân Email
« Trả lời #32 vào lúc: 08:33:07 AM Ngày 26 Tháng Tám, 2010 »

Một bài nữa thuộc phần cơ, toàn những bài đòi hỏi độ tư duy khá cao, nhưng rất hay>

Bài này cũng thuộc phần cơ dao động
Bài tập thứ 11: Trên 1 giá đỡ G khối lượng M đặt trên mặt sàn nằm nganh có gắn 2 lò xo như hình vẽ. Độ cứng mỗi lò xo là k; khối lượng mỗi lò xo là m. Hệ số ma sát giữa giá G và mặt sàn la [tex]\large \mu[/tex]. Ma sát giữa quả cầu và giá đỡ G bằng 0. Cho biết chiều dương là chiều từ trái qua phải. Dịch quả cầu A đi một khoảng x so với vị trí cân bằng. Tại thời điểm t=0 buông cho nó dao động không vận tốc ban đầu. Đồng thời tại t=0 truyền cho quả cầu B một vận tốc v>0 và không làm dich chuyển B đáng kể khỏi VTCB trong thời gian truyền vận tốc. Giả thiết giá đỡ G không dịch chuyển trên sàn.



   1) Timg phương trình dao động của các quả cầu A và B so với các vị trí cân bằng của chúng. Viết biểu thức của hợp lực các lực đàn hồi tác dụng vào giá đỡ dưới dạng  [tex]\large F=F_{0}sin( \omega t+ \varphi )[/tex]. Tìm [tex]\large F_{0}[/tex] và [tex]\large \varphi[/tex].
   2) Với điều kiện nào thì giá đỡ không bị xê dịch trên sàn.





Logged

Only You!
tengrimsss
Thành viên tích cực
***

Nhận xét: +48/-5
Cảm ơn
-Đã cảm ơn: 0
-Được cảm ơn: 16

Offline Offline

Bài viết: 140

tengrimsss
Xem hồ sơ cá nhân Email
« Trả lời #33 vào lúc: 08:40:15 AM Ngày 26 Tháng Tám, 2010 »

Bài tập thứ 12: Một hình vuông ABCD cạnh bằng [tex]\large a \sqrt{2}[/tex], có tâm ở O, tại mỗi đỉnh của hình vuông ta dặt một điện tích +q.
      1) Xác đinhj điện thế do các điện tich ở đỉnh gây ra tại tâm hình vuông
      2) Chứng minh rằng điểm O là vị trí cân bằng bền của 1 điện tích thử Q=+q trong mặt phẳng của hình vuông, và là vị trí cân bằng không bền theo trục đi qua tâm O và mặt vuông góc với mặt phẳng của hình vuông.
      3) Tính chu kì dao động nhỏ của điện tích Q trong mặt phẳng của hình vuông.
      4) Nếu cho Q=-q thig có thay đổi gì trong các kết quả trên cl%!

(Trích đề thi chon lọc học sinh giỏi quốc gia môn vật lý năm học 2000-2001)


Logged

Only You!
tonnypham
Thành viên tích cực
***

Nhận xét: +11/-8
Cảm ơn
-Đã cảm ơn: 2
-Được cảm ơn: 5

Offline Offline

Bài viết: 192


Xem hồ sơ cá nhân Email
« Trả lời #34 vào lúc: 09:24:23 PM Ngày 26 Tháng Tám, 2010 »

Mình nghĩ bài tập mình vừa giải dễ mà; chắc bác tonypham ko nhớ ra chỗ dung định luật bảo toàn động lượng nên không làm được,
Bác tonypham thấy em nói có đúng không 

Tại bác giỏi thôi......cảm ơn lời giải của bác nha.....


Logged
tengrimsss
Thành viên tích cực
***

Nhận xét: +48/-5
Cảm ơn
-Đã cảm ơn: 0
-Được cảm ơn: 16

Offline Offline

Bài viết: 140

tengrimsss
Xem hồ sơ cá nhân Email
« Trả lời #35 vào lúc: 10:10:41 PM Ngày 26 Tháng Tám, 2010 »

Mình xin được post tiếp bài tập sau, cũng thuộc dạng hay không có đối thủ nào đáng gờm cả;

Hehe, bài này thì phải gọi là siêu siêu hay, cực kì hấp dẫn, đông tây y kết hợp hết ở đây, bạn nào học được cái gì thì mang vào bài này dùng hết

Minh xin được chéo nguyên văn cái bài tập này ra như sau:

Một thanh kim loại, khối lượng m, chiều dài [tex]l[/tex] treo 2 đầu 2 lò xo dẫn điện, độ cứng K. Hai đầu trên của lò xo mắc vào 1 rụ điện C và treo vào 1 tấm cách điện.



Ở VTCB, thanh nằm ngang. Hệ thống đặt trong từ trường đều có vecto cảm ứng từ [tex]\large \vec{B}[/tex] vuông góc với mp hình vẽ.
Kéo thanh kim loại xuống dưới khỏi VTCB 1 đoạn bé rồi buông nhẹ. Xác định chuyển động của thanh trong mặt phẳng thẳng đứng. Bỏ qua điện trở, hệ số tự cảm và điện dung giữa các phần của hệ và khối lượng của là xo.



Đáp án chi tiết đây:

Trước hết chia bài thành 2 trường hợp

Lúc chưa có từ trường B
 Điều kiện thanh khi ở vị trí cân băng là:
           [tex]\large mg-2Kx_{0}=0[/tex]
Ở vị trí bất kì; gọi x là độ dịch của thanh; ta có:
           [tex]\large mg-2K(x_{0}+x)=ma=mx^{''}[/tex]
Từ 2 phương trình trên ta được [tex]\large x^{''}+ \frac{2K}{m}x=0[/tex]
Cái đó chứng tỏ nó dao động điều hòa với chu kì [tex]\large \omega = \sqrt{ \frac{2K}{m}}[/tex]

Khi có từ trường B


Do hiện tượng dao động của thanh lên từ thông gửi qua diện tích của khung gồm 2 lò xo và thanh biến thiên theo thời gian nên trong thanh xuất hiện 1 dòng điện cảm ứng có suất điện động cảm ứng theo định luật gi gì đó là
                [tex]\large \xi _{cam ung}=blvsin \alpha[/tex]
Trong đó [tex]\large \alpha[/tex] là góc hợp bởi vecto cam ứng từ B và vecto vận tốc v
 Do [tex]\large ( \vec{v}; \vec{B}=90^{0} \Rightarrow \xi = BLv[/tex] với [tex]\large v= \frac{dx}{dt}[/tex] ( đạo hàm của quãng đường tức độ dời x theo thời gian)

do đó nó sẽ tích điện cho tụ điên 1 điên lượng [tex]\large Q=CU=CBlv[/tex]
Thế năng hấp dẫn ở vị trí cực đại dưới cùng là:
             [tex]\large E_{tmax}=2K. \frac{(A+x_{0})^{2}}{2}=K(A+x_{0})^{2}[/tex]
Ở vị thanh có li độ x bất kì thì có mức thế năng hấp dẫn là:

 [tex]\large E_{tx}=mgA(A-x) + \frac{mv^{2}}{2} + \frac{Q^{2}}{2C} + 2K. \frac{(x+x_{0})^{2}}{2}= mgA(A-x) + \frac{mv^{2}}{2} + \frac{CB^{2}v^{2}l^{2}}{2} + K. (x+x_{0})^{2}[/tex]

Do năng lượng được bảo toàn nên áp dụng định luật bảo toàn năng lượngu ta có:

[tex]\large K(A+x_{0})^{2}= mgA(A-x) + \frac{mv^{2}}{2} + \frac{CB^{2}v^{2}l^{2}}{2} + K. (x+x_{0})^{2}[/tex]

Rút gon 2 vế ta được biểu thức sau:

            [tex]\large \frac{Kx^{2}}{2} + \frac{mv^{2}}{2} + \frac{CB^{2}v^{2}l^{2}}{2} =const[/tex]
(do [tex]\large A= const;x_{0}=const; mg=Kx_{0} \Rightarrow Kx_{0}x[/tex]

Lấy vi phân 2 vế của biểu thức trên theo thời gian với các hàm của t là li độ x và vận tốc ta được:
[tex]\large \frac{d(Kx^{2})}{2dt}+ \frac{d(mv^{2})}{2dt}+ \frac{d(CB^{2}v^{2}l^{2}}{2dt}=0 \Leftrightarrow \frac{2Kxdx}{2dt}+ \frac{2mvdv}{2dt}+ \frac{2CB^{2}l^{2}vdv}{2dt}=0 [/tex]

[tex]\Leftrightarrow Kx.v+mv.a+CB^{2}l^{2}.a=0 \Leftrightarrow Kx.v+ mv.x^{''}+ CB^{2}l^{2}.x^{''}=0;

[tex]\large v \neq 0 \Rightarrow x^{''}+ \frac{2K}{m+CB^{2}l^{2}}x=0[/tex]
[/tex]



(chú thích cho mọi người kẻo không hiểu mình viết cái gì ở trên:
 [tex]\large d(v^{2})=2vdv[/tex] là do nó là vi phân độc lập tức biến v độc lập có nghĩa là v không phải là 1 hàm v(x) nào đó; chứ nếu là 1 hàm của v(x) thì tính chất trên không dùng được; khi đó sẽ phải lấy vi phân từng lần 1 bằng công thức Newton lây bo nit
 [tex]\large \frac{dv}{dt}=a=x^{''}[/tex]: a là gia tốc đó nó bằng đạo hàm cấp 1 của v; băng đạo hàm cấp 2 của x)


đặt [tex]\large \omega^{2}= \frac{2K}{m+CB^{2}l^{2}} \Rightarrow \omega = \sqrt{\frac{2K}{m+CB^{2}l^{2}}}[/tex]

      [tex]\large T=2 \pi \sqrt{ \frac{m+CB^{2}l^{2}}{2K}}[/tex]


Trời đã làm xong; toát hết bao nhiêu là mồ hôi và sách vở  mới làm được bài này.
Khó kinh


[/i]
Hihi, mình vừa tìm thấy 1 cách giải khác của bài này, cách này không lăng nhằm như cách giải trên
Cách này là của thầy giáo dậy thêm của mình hồi cấp 3. Thây Vũ Thanh Khiết đó


Chọn trục Õ phương thẳng đứng, chiều dương hướng xuốn, gốc O là vị trí cân bằng của thanh.
Khi thanh dẫn điện chuyển động cắt các đường cảm ứng từ thì thanh dẫn điện trở thành nguồn điện có suất điện động:
               [tex]\large E=vBl[/tex]
Suất điện động này tích điện cho tụ điện:
               [tex]\large q=CE=CvBl[/tex]
Vận tốc của thanh dẫn điện biến thiên tạo ra dòng điện chạy qua thanh dẫn:
               [tex]\large I= \frac{ \Delta q }{ \Delta t}=CBla[/tex]
Với a là gia tốc của thanh
Dòng điện trong thanh dẫn điện bị từ trường tác dụng một lực:
                [tex]\large F_{dt}=BIl=B^{2}l^{2}Ca[/tex]
Áp dụng quy tắc bàn tay trái về chiều dòng điện cảm ứng trong thanh và quy tắc bàn tay trái về chiều lực điện từ tác dụng lên thanh, ta thấy lực F bao giờ cũng hướng về vị trí cân bằng.
Khi thanh dẫn điện có li độ x thì lực tác dụng vào nó là:
                [tex]\large F=-2kx-B^{2}l^{2}Ca[/tex]        với [tex]\large a=x^{''}[/tex]
           [tex]\large \Rightarrow mx^{'}==2kx-B^{2}l^{2}Cx^{''} \Rightarrow (m+B^{2}l^{2}C)x^{''}=-2kx \Rightarrow x^{''}=- \frac{2k}{m+B^{2}l^{2}C}x[/tex]
        [tex]\large \Rightarrow \omega = \sqrt{ \frac{2k}{m+B^{2}l^{2}C}}[/tex]


Hehe
GSTS: VŨ THANH KHIẾT  Pro tek


Logged

Only You!
tengrimsss
Thành viên tích cực
***

Nhận xét: +48/-5
Cảm ơn
-Đã cảm ơn: 0
-Được cảm ơn: 16

Offline Offline

Bài viết: 140

tengrimsss
Xem hồ sơ cá nhân Email
« Trả lời #36 vào lúc: 08:14:08 AM Ngày 27 Tháng Tám, 2010 »

Hihi, mình xin giới thiệu 1 bài tập nữa, nó cũng rất hay đó, liên quan đến 2 bình chất lỏng thông nhau; giống mấy bài tập tìm độ cao chênh lệch giữa 2 cột chất lỏng trong ống chữ U ý mà.

Mong rằng các bạn cố gắng làm.  !%

Cho 1 ống cong như hình có nhánh bên phải tạo 1 góc [tex]\large \theta =30^{0}[/tex] với phương thẳng đứng. Ống có thiết diện đều [tex]\large S=0,50cm^{2}[/tex]. Bỏ qua ma sát, độ nhớt. Chất lỏng là thủy ngân ko nén được Cho mực lêch 1 đoạn bé, chứng minh cột thủy ngân dao động diều hòa. Tìm chu kì dao động. Biết thủy ngân có khối lượng M=200g.





Gợi ý cho mọi người nha:
Ở vị trí cân bằng 2 mực chất lỏng ở ống A và ngang nhau. Chọn VTCB này làm gốc O
Khi mực chất lỏng ở B hạ thấp 1 đoạn x thì chất lỏng A dâng lên x
Độ chêng lệch mực nước giữa 2 nhánh A và B là:
       [tex]\large x+x_{1}=x+xcos \theta =x(1+cos \theta )[/tex]
Trong đó [tex]\large x_{1}[/tex] là tính từ mặt thoáng của nhánh B đến đáy của lớp thủy ngân ở nhánh A.
Áp dụng định luật Newton cho phần chất long A có xu hướng làm đẩy nước ở nhánh B

           [tex]\large \rho .S(1+cos \theta )x.g=-Ma=-Mx^{''} \Rightarrow x^{''}+ \frac{ \rho Sg(1+cos \theta )}{M}x=0 \Rightarrow \omega = \sqrt{ \frac{ \rho Sg(1+cos \theta )}{M}}[/tex]





Logged

Only You!
tengrimsss
Thành viên tích cực
***

Nhận xét: +48/-5
Cảm ơn
-Đã cảm ơn: 0
-Được cảm ơn: 16

Offline Offline

Bài viết: 140

tengrimsss
Xem hồ sơ cá nhân Email
« Trả lời #37 vào lúc: 08:32:46 AM Ngày 27 Tháng Tám, 2010 »

hihi, bài này thì dễ nuốt hơn đây:

Một quả cầu có khối lượng m treo vào một giá đỡ bằng 1 dây nhẹ dài[tex]l[/tex] .Giá đỡ đặt trên 1 chiếc xe có khối lượng M có thể dịch chuyển ko ma sát trên mp ngang được.  Kéo vật nặng m lệch khỏi VTCB 1 góc [tex]\alpha[/tex] bé rồi buông ra. Cho biết khối lượng của tâm xe ở tâm giá đỡ, tìm chu kì dao động của xe và quả cầu



Kết quả là: [tex]T_{xe}=T_{qua cau}= T= 2 \pi \sqrt{ \frac{M}{gl(M+m)}}[/tex]




Gọi [tex]\large x_{0}[/tex] là khoảng cách từ m đến trục thẳng đứng, do [tex]\large \alpha[/tex] bé nên [tex]\large x_{0}=l \alpha[/tex]
Do m,M dao động khối tâm không dịch chuyển suy ra: [tex]\large A_{1}+A_{2}=l \alpha \Leftrightarrow \frac{A_{1}}{A_{2}}= \frac{M}{m} \Rightarrow A_{1}= \frac{Ml \alpha }{M+m}; A_{2}= \frac{ml \alpha }{M+m}[/tex]
Áp dụng định luật bảo toàn có:
[tex]\large mv_{1} -Mv_{2}=0; mgl(1-cos \alpha )= \frac{mv_{1}^{2}}{2} + \frac{Mv_{2}^{2}}{2}[/tex]
Trong đó [tex]\large v_{1};v_{2}[/tex]: là vận tốc lớn nhất của m và M
[tex]\large \Rightarrow v_{2}^{2}= \frac{2m^{2}gl(1-cos \alpha )}{M(M+m)}[/tex]

[tex]\large \Rightarrow v_{2}^{2}= \frac{m^{2}gl \alpha ^{2}}{M(M+m)}[/tex]
do [tex]\large \alpha[/tex] nhỏ [tex]\large \Rightarrow 1-cos \alpha \approx \frac{ \alpha ^{2}}{2}[/tex]
[tex]\large \Rightarrow v_{2}= m \alpha \sqrt{ \frac{gl}{M(M+m)}}[/tex]
Mặt khác [tex]\large v_{2}= \omega _{2}A_{2} = \frac{2 \pi }{T_{2}}A_{2}[/tex]

[tex]\large \Rightarrow T_{2}= 2 \pi \sqrt{ \frac{M}{gl(M+m)}}[/tex]

Ta cũng làm tương tự rồi ta cũng tính được [tex]\large T_{1}=T_{2}[/tex]







Logged

Only You!
tengrimsss
Thành viên tích cực
***

Nhận xét: +48/-5
Cảm ơn
-Đã cảm ơn: 0
-Được cảm ơn: 16

Offline Offline

Bài viết: 140

tengrimsss
Xem hồ sơ cá nhân Email
« Trả lời #38 vào lúc: 09:01:41 AM Ngày 27 Tháng Tám, 2010 »

Bài này cũng giống với bài có cảm ứng từ nhừ bài trước mình đã giải, các bạn thử giải xem sao nha,mình gợi ý là bài này có liên quan đến năng lượng từ trường

Bài nãy vẫn thuộc phần dao động cơ học nhưng là 1 bài Pro

      Bài tập thứ 10: Một mạch điện gồm hai dây dẫn song song nối với nhau bằng 1 cuộn dây có độ tự cảm L và 1 thanh kim loại như hình vẽ. Thanh kim loại có khối lượng m có thể trượt không ma sát trên các dây. Các dây dẫn nằm ngang trong từ trường đều có cảm ứng từ [tex]\large \vec{B}[/tex] hướng thẳng đứng. Khoang cách 2 dây là l. Điện trở của mạch không đáng kể. Lúc t=0 ta truyền cho thanh 1 vận tốc ban đầu [tex]\large \vec{v_{0}}[/tex] về bên phải. Tìm phương trình dao động của thanh.

             

Mình gợi ý nha,
 - Dùng biểu thức động ăng của thanh
-  Năng lưượng từ trường của cuận dây
-Kết hợp với suất điện động cảm ứng

Làm và lập luận giống bài mình vừa làm chi tiêt ở phần trên ý
Kết quả là:  [tex]\large \omega = \frac{Bl}{ \sqrt{mL}}[/tex]

                 [tex]\large A= \frac{v_{0}}{ \omega } = v_{0} \frac{ \sqrt{mL}}{Bl}[/tex]


Logged

Only You!
hitech
Thành viên mới
*

Nhận xét: +0/-0
Cảm ơn
-Đã cảm ơn: 0
-Được cảm ơn: 0

Offline Offline

Bài viết: 2


Xem hồ sơ cá nhân Email
« Trả lời #39 vào lúc: 11:18:21 PM Ngày 27 Tháng Tám, 2010 »

 
Những bài trên đòi hỏi phải có thời gian tìm hiểu và yêu cầu phải đam mê Vật lý thực sự.
Tuy nhiên các bài trên tìm trong các tài liệu Vật lý dùng cho các năm trước (trước năm 2001); khi các trường còn thi đề riêng của trường đó và thi theo hình thức tự luận thì cũng rất nhiều.
Bây giờ chỉ phù hợp với các HS thi học sinh giỏi thôi; với hình thức thi Trắc nghiệm thì không có các bài như vậy đâu.
Dù sao cung Thanks!!!
 


Logged
tonnypham
Thành viên tích cực
***

Nhận xét: +11/-8
Cảm ơn
-Đã cảm ơn: 2
-Được cảm ơn: 5

Offline Offline

Bài viết: 192


Xem hồ sơ cá nhân Email
« Trả lời #40 vào lúc: 10:19:39 PM Ngày 28 Tháng Tám, 2010 »

Trích dẫn
Hihi, mình vừa tìm thấy 1 cách giải khác của bài này, cách này không lăng nhằm như cách giải trên
Cách này là của thầy giáo dậy thêm của mình hồi cấp 3. Thây Vũ Thanh Khiết đó


Chọn trục Õ phương thẳng đứng, chiều dương hướng xuốn, gốc O là vị trí cân bằng của thanh.
Khi thanh dẫn điện chuyển động cắt các đường cảm ứng từ thì thanh dẫn điện trở thành nguồn điện có suất điện động:
               [tex]\large E=vBl[/tex]
Suất điện động này tích điện cho tụ điện:
               [tex]\large q=CE=CvBl[/tex]
Vận tốc của thanh dẫn điện biến thiên tạo ra dòng điện chạy qua thanh dẫn:
               [tex]\large I= \frac{ \Delta q }{ \Delta t}=CBla[/tex]
Với a là gia tốc của thanh
Dòng điện trong thanh dẫn điện bị từ trường tác dụng một lực:
                [tex]\large F_{dt}=BIl=B^{2}l^{2}Ca[/tex]
Áp dụng quy tắc bàn tay trái về chiều dòng điện cảm ứng trong thanh và quy tắc bàn tay trái về chiều lực điện từ tác dụng lên thanh, ta thấy lực F bao giờ cũng hướng về vị trí cân bằng.
Khi thanh dẫn điện có li độ x thì lực tác dụng vào nó là:
                [tex]\large F=-2kx-B^{2}l^{2}Ca[/tex]        với [tex]\large a=x^{''}[/tex]
           [tex]\large \Rightarrow mx^{'}==2kx-B^{2}l^{2}Cx^{''} \Rightarrow (m+B^{2}l^{2}C)x^{''}=-2kx \Rightarrow x^{''}=- \frac{2k}{m+B^{2}l^{2}C}x[/tex]
        [tex]\large \Rightarrow \omega = \sqrt{ \frac{2k}{m+B^{2}l^{2}C}}[/tex]


Hehe
GSTS: VŨ THANH KHIẾT  Pro tek


Quá hay luôn, ngưỡng mộ VTK đã lâu, bác đây chắc truyền nhân của VTK rồi.....



Logged
tonnypham
Thành viên tích cực
***

Nhận xét: +11/-8
Cảm ơn
-Đã cảm ơn: 2
-Được cảm ơn: 5

Offline Offline

Bài viết: 192


Xem hồ sơ cá nhân Email
« Trả lời #41 vào lúc: 10:22:40 PM Ngày 28 Tháng Tám, 2010 »

Trích dẫn

Gợi ý cho mọi người nha:
Ở vị trí cân bằng 2 mực chất lỏng ở ống A và ngang nhau. Chọn VTCB này làm gốc O
Khi mực chất lỏng ở B hạ thấp 1 đoạn x thì chất lỏng A dâng lên x
Độ chêng lệch mực nước giữa 2 nhánh A và B là:
       [tex]\large x+x_{1}=x+xcos \theta =x(1+cos \theta )[/tex]
Trong đó [tex]\large x_{1}[/tex] là tính từ mặt thoáng của nhánh B đến đáy của lớp thủy ngân ở nhánh A.
Áp dụng định luật Newton cho phần chất long A có xu hướng làm đẩy nước ở nhánh B

           [tex]\large \rho .S(1+cos \theta )x.g=-Ma=-Mx^{''} \Rightarrow x^{''}+ \frac{ \rho Sg(1+cos \theta )}{M}x=0 \Rightarrow \omega = \sqrt{ \frac{ \rho Sg(1+cos \theta )}{M}}[/tex]





Mỗi chổ này chưa hiểu ý bác.........:
Độ chêng lệch mực nước giữa 2 nhánh A và B là:
       [tex]\large x+x_{1}=x+xcos \theta =x(1+cos \theta )[/tex]


Logged
tonnypham
Thành viên tích cực
***

Nhận xét: +11/-8
Cảm ơn
-Đã cảm ơn: 2
-Được cảm ơn: 5

Offline Offline

Bài viết: 192


Xem hồ sơ cá nhân Email
« Trả lời #42 vào lúc: 10:27:38 PM Ngày 28 Tháng Tám, 2010 »

Trích dẫn

Gọi [tex]\large x_{0}[/tex] là khoảng cách từ m đến trục thẳng đứng, do [tex]\large \alpha[/tex] bé nên [tex]\large x_{0}=l \alpha[/tex]
Do m,M dao động khối tâm không dịch chuyển suy ra: [tex]\large A_{1}+A_{2}=l \alpha \Leftrightarrow \frac{A_{1}}{A_{2}}= \frac{M}{m} \Rightarrow A_{1}= \frac{Ml \alpha }{M+m}; A_{2}= \frac{ml \alpha }{M+m}[/tex]
Áp dụng định luật bảo toàn có:
[tex]\large mv_{1} -Mv_{2}=0; mgl(1-cos \alpha )= \frac{mv_{1}^{2}}{2} + \frac{Mv_{2}^{2}}{2}[/tex]
Trong đó [tex]\large v_{1};v_{2}[/tex]: là vận tốc lớn nhất của m và M
[tex]\large \Rightarrow v_{2}^{2}= \frac{2m^{2}gl(1-cos \alpha )}{M(M+m)}[/tex]

[tex]\large \Rightarrow v_{2}^{2}= \frac{m^{2}gl \alpha ^{2}}{M(M+m)}[/tex]
do [tex]\large \alpha[/tex] nhỏ [tex]\large \Rightarrow 1-cos \alpha \approx \frac{ \alpha ^{2}}{2}[/tex]
[tex]\large \Rightarrow v_{2}= m \alpha \sqrt{ \frac{gl}{M(M+m)}}[/tex]
Mặt khác [tex]\large v_{2}= \omega _{2}A_{2} = \frac{2 \pi }{T_{2}}A_{2}[/tex]

[tex]\large \Rightarrow T_{2}= 2 \pi \sqrt{ \frac{M}{gl(M+m)}}[/tex]

Ta cũng làm tương tự rồi ta cũng tính được [tex]\large T_{1}=T_{2}[/tex]







Do m,M dao động khối tâm không dịch chuyển suy ra: [tex]\large A_{1}+A_{2}=l \alpha \Leftrightarrow \frac{A_{1}}{A_{2}}= \frac{M}{m} \Rightarrow A_{1}= \frac{Ml \alpha }{M+m}; A_{2}= \frac{ml \alpha }{M+m}[/tex]

Chỗ tỉ số A1/A2=M/m á bác, giải thích xúi dc ko

Hay quá hay luôn, thanks bác nha, nhiệt tình


Logged
tengrimsss
Thành viên tích cực
***

Nhận xét: +48/-5
Cảm ơn
-Đã cảm ơn: 0
-Được cảm ơn: 16

Offline Offline

Bài viết: 140

tengrimsss
Xem hồ sơ cá nhân Email
« Trả lời #43 vào lúc: 10:33:01 PM Ngày 28 Tháng Tám, 2010 »

Trích dẫn

Gợi ý cho mọi người nha:
Ở vị trí cân bằng 2 mực chất lỏng ở ống A và ngang nhau. Chọn VTCB này làm gốc O
Khi mực chất lỏng ở B hạ thấp 1 đoạn x thì chất lỏng A dâng lên x
Độ chêng lệch mực nước giữa 2 nhánh A và B là:
       [tex]\large x+x_{1}=x+xcos \theta =x(1+cos \theta )[/tex]
Trong đó [tex]\large x_{1}[/tex] là tính từ mặt thoáng của nhánh B đến đáy của lớp thủy ngân ở nhánh A.
Áp dụng định luật Newton cho phần chất long A có xu hướng làm đẩy nước ở nhánh B

           [tex]\large \rho .S(1+cos \theta )x.g=-Ma=-Mx^{''} \Rightarrow x^{''}+ \frac{ \rho Sg(1+cos \theta )}{M}x=0 \Rightarrow \omega = \sqrt{ \frac{ \rho Sg(1+cos \theta )}{M}}[/tex]





Mỗi chổ này chưa hiểu ý bác.........:
Độ chêng lệch mực nước giữa 2 nhánh A và B là:
       [tex]\large x+x_{1}=x+xcos \theta =x(1+cos \theta )[/tex]
Mình xin lỗi, nhầm chỗ này: Phải là độ chênh lệch mực chất lỏng 2 nhánh mới đúng


Logged

Only You!
tengrimsss
Thành viên tích cực
***

Nhận xét: +48/-5
Cảm ơn
-Đã cảm ơn: 0
-Được cảm ơn: 16

Offline Offline

Bài viết: 140

tengrimsss
Xem hồ sơ cá nhân Email
« Trả lời #44 vào lúc: 10:44:25 PM Ngày 28 Tháng Tám, 2010 »

Trích dẫn

Gọi [tex]\large x_{0}[/tex] là khoảng cách từ m đến trục thẳng đứng, do [tex]\large \alpha[/tex] bé nên [tex]\large x_{0}=l \alpha[/tex]
Do m,M dao động khối tâm không dịch chuyển suy ra: [tex]\large A_{1}+A_{2}=l \alpha \Leftrightarrow \frac{A_{1}}{A_{2}}= \frac{M}{m} \Rightarrow A_{1}= \frac{Ml \alpha }{M+m}; A_{2}= \frac{ml \alpha }{M+m}[/tex]
Áp dụng định luật bảo toàn có:
[tex]\large mv_{1} -Mv_{2}=0; mgl(1-cos \alpha )= \frac{mv_{1}^{2}}{2} + \frac{Mv_{2}^{2}}{2}[/tex]
Trong đó [tex]\large v_{1};v_{2}[/tex]: là vận tốc lớn nhất của m và M
[tex]\large \Rightarrow v_{2}^{2}= \frac{2m^{2}gl(1-cos \alpha )}{M(M+m)}[/tex]

[tex]\large \Rightarrow v_{2}^{2}= \frac{m^{2}gl \alpha ^{2}}{M(M+m)}[/tex]
do [tex]\large \alpha[/tex] nhỏ [tex]\large \Rightarrow 1-cos \alpha \approx \frac{ \alpha ^{2}}{2}[/tex]
[tex]\large \Rightarrow v_{2}= m \alpha \sqrt{ \frac{gl}{M(M+m)}}[/tex]
Mặt khác [tex]\large v_{2}= \omega _{2}A_{2} = \frac{2 \pi }{T_{2}}A_{2}[/tex]

[tex]\large \Rightarrow T_{2}= 2 \pi \sqrt{ \frac{M}{gl(M+m)}}[/tex]

Ta cũng làm tương tự rồi ta cũng tính được [tex]\large T_{1}=T_{2}[/tex]







Do m,M dao động khối tâm không dịch chuyển suy ra: [tex]\large A_{1}+A_{2}=l \alpha \Leftrightarrow \frac{A_{1}}{A_{2}}= \frac{M}{m} \Rightarrow A_{1}= \frac{Ml \alpha }{M+m}; A_{2}= \frac{ml \alpha }{M+m}[/tex]

Chỗ tỉ số A1/A2=M/m á bác, giải thích xúi dc ko

Hay quá hay luôn, thanks bác nha, nhiệt tình

Àh, chỗ đó á;
Có nghĩa là cái khối tâm của nó không bị dịch chuyển nên nó mới dao động được chứ, khối tâm của cả hệ ý, thế bác nghĩ cài gì làm cả hệ dao động.

Còn cái tỉ lệ A1/A2=M/m là đương nhiên, do cái giá đỡ có thể dịch chuyển không ma sát trên mặt sàn lên biên độ dao động của chúng phải tỉ lệ nghịch với khối lượng còn gì nữa bác


Logged

Only You!
Tags:
Trang: « 1 2 3 4 5 »   Lên
  In  
sch

Những bài viết mới nhất
Những bài viết mới nhất
 
Chuyển tới:  


Tắt bộ gõ tiếng Việt [F12] Bỏ dấu tự động [F9] TELEX VNI VIQR VIQR* kiểm tra chính tả Đặt dấu âm cuối
Powered by SMF 1.1.11 | SMF © 2006, Simple Machines LLC © 2006 - 2012 Thư Viện Vật Lý.